Goldeuro zum selberholen?

[janaage01]

Ich habe auf 5 Personen je einen Goldeuro bestellt. So habe ich die Möglichkeit einen kompletten Satz zu bekommen.

Nun meine Frage: Ist es möglich (so wie im letzten Jahr), die Goldeuros gegen Vorlage der Rechnung und einer Vollmacht persönlich abzuholen?

Ich meine irgendwo gelesen zu habe, dass dieses Jahr nur gegen Rechnung bzw. Vorlage des Personalausweises ausgegeben wird.

Habt ihr Info´s?

Andreas

 

[Sonja]

Das widerspricht sich doch nicht!

Ich denke, daaß das Prozedere gleich geblieben ist.

Man nehme seinen Perso plus die Originl-Rechnungen mit, und dürfte die Goldies dann auch bekommen

 

[Birte]

Original geschrieben von janaage01
Ich habe auf 5 Personen je einen Goldeuro bestellt. So habe ich die Möglichkeit einen kompletten Satz zu bekommen.

Hallo Andreas,

mehr als die Möglichkeit ist es aber auch nicht! Ich hatte mal vor einigen Monaten hier im Forum gefragt, wieviele man bestellen muss, um mit großer Wahrscheinlichkeit 5 verschiedene zu bekommen. Damals haben auch die Mathematiker (Mia, Dirk W.) keine Prognose abgegeben. Jetzt gebe ich dir die Prognose: Bei fünf bestellten Münzen ist die Wahrscheinlichkeit 5 verschiedene zu kriegen verschwindend gering.

Zu deiner Frage: Es wird so sein, wie Sonja sagt.

 

[yoda911]

fünf verschiedene Goldeuros !?!

wenn jeder der fünf sicher eine kriegt
wenn man mit Vollmachten der anderen vier auftaucht
wenn bei der BwpV gerade wenig los ist
wenn man einen netten Menschen am Schalter findet, der einem die Buchstaben 'raussucht
wenn gerade alle Buchstaben am Schalter da sind
wenn alles zusammenkommt

dann kriegt man durch's Selbstabholen ADFGJ komplett. Egal wie die mathematische Wahrscheinlichkeit ist!

 

[DDresdner]

Man braucht folgendes bei der BWPV:
- eine auf einen selbst ausgefüllte unterschriebene Vollmacht des Kunden
- seinen Personalausweis
- das nötige Kleingeld

normalerweise haben die Mitarbeiter von jeder Prägestätte eine Kiste dastehen und geben auch auf Wunsch "gemischt" raus.

 

[Bukanier]

Re: Re: Goldeuro zum selberholen?

Original geschrieben von Birte
Ich hatte mal vor einigen Monaten hier im Forum gefragt, wieviele man bestellen muss, um mit großer Wahrscheinlichkeit 5 verschiedene zu bekommen. Damals haben auch die Mathematiker (Mia, Dirk W.) keine Prognose abgegeben. Jetzt gebe ich dir die Prognose: Bei fünf bestellten Münzen ist die Wahrscheinlichkeit 5 verschiedene zu kriegen verschwindend gering.

Das kann man leicht genauer sagen: Die Wahrscheinlichkeit, bei 5 bestellten Münzen 5 verschiedene zu bekommen, ist 3,84%.

So wie das Problem aber ursprünglich formuliert war, ist es kniffliger, als man im ersten Moment meint. Ich hatte es versucht, konnte aber diese Statistikaufgabe tatsächlich nicht lösen.

 

[Charly]

Re: Re: Re: Goldeuro zum selberholen?

Original geschrieben von Dieter Taube
Das kann man leicht genauer sagen: Die Wahrscheinlichkeit, bei 5 bestellten Münzen 5 verschiedene zu bekommen, ist 3,84%.

Also dürfte man doch bei einer EURO-Palette eigentlich 5 verschiedene Mzz. bekommen.

Wie war es denn bei deinen 200er

Gruß Bernhard

 

[Birte]

Re: Re: Re: Goldeuro zum selberholen?

Original geschrieben von Dieter Taube
Das kann man leicht genauer sagen: Die Wahrscheinlichkeit, bei 5 bestellten Münzen 5 verschiedene zu bekommen, ist 3,84%.

Mensch Dieter,

ich wusste gar nicht, dass du der rechnenden Zunft angehörst. Da hatte ich dich wohl in der falschen Schublade. Oder bist du gar ein Universalgelehrter des 20. und 21. Jahrhunderts?

Um den Rest aufzuklären: Bei 5 Bestellungen kann die erste einen beliebigen Buchstaben haben, für die zweite kommen noch 4 in Betracht, da ja einer schon weg ist, für die dritte 3, für die vierte 2 und für die fünfte Münze muss es ein ganz bestimmter Buchstabe sein, weil ja die anderen vier schon weg sind.

Also 1 x 4/5 x 3/5 x 2/5 x 1/5 = 0,0384 = 3,84% - So weit, so gut!

Das andere Problem würde mich aber viel mehr interessieren.
Ich möchte mit sagen wir 90%iger Wahrscheinlichkeit alle 5 Prägezeichen erhalten und ich bin nicht imstande auszurechnen, wieviele Bestellungen ich losjagen muss unter der Voraussetzung das jede mit einer Münze bedient wird.

 

[euro-guy]

Re: fünf verschiedene Goldeuros !?!

Original geschrieben von yoda_911
wenn jeder der fünf sicher eine kriegt
wenn man mit Vollmachten der anderen vier auftaucht
wenn bei der BwpV gerade wenig los ist
wenn man einen netten Menschen am Schalter findet, der einem die Buchstaben 'raussucht
wenn gerade alle Buchstaben am Schalter da sind
wenn alles zusammenkommt

dann kriegt man durch's Selbstabholen ADFGJ komplett. Egal wie die mathematische Wahrscheinlichkeit ist!

Und wenn die Sonne scheint
und wenn man gerade nichts Anderes zu tun hat...

Passt es.

 

[Bukanier]

Re: Re: Re: Re: Goldeuro zum selberholen?

Original geschrieben von Birte
Mensch Dieter,

ich wusste gar nicht, dass du der rechnenden Zunft angehörst. Da hatte ich dich wohl in der falschen Schublade. Oder bist du gar ein Universalgelehrter des 20. und 21. Jahrhunderts?

Um den Rest aufzuklären: Bei 5 Bestellungen kann die erste einen beliebigen Buchstaben haben, für die zweite kommen noch 4 in Betracht, da ja einer schon weg ist, für die dritte 3, für die vierte 2 und für die fünfte Münze muss es ein ganz bestimmter Buchstabe sein, weil ja die anderen vier schon weg sind.

Also 1 x 4/5 x 3/5 x 2/5 x 1/5 = 0,0384 = 3,84% - So weit, so gut!

Das andere Problem würde mich aber viel mehr interessieren.
Ich möchte mit sagen wir 90%iger Wahrscheinlichkeit alle 5 Prägezeichen erhalten und ich bin nicht imstande auszurechnen, wieviele Bestellungen ich losjagen muss unter der Voraussetzung das jede mit einer Münze bedient wird.

Mit dem Universalgelehrten hast Du mich herausgefordert.
Ich versuche mal, ein Stück weiter zu kommen und eine Abschätzung zu machen:

Nehmen wir an, es fehlt nur eine einzige Version der Münze und wir kaufen eine sechste. Dann wäre die Wahrscheinlichkeit, daß sie paßt, wieder 1/5 und
(1 - 0,0384) x 1/5 = 0,19232 wäre die Wahrscheinlichkeit dafür, daß nach dem Kauf der ersten 5 Münzen eine fehlt, aber die 6. die Lücke füllt.

Insgesamt haben wir nun eine Wahrscheinlichkeit
Pges(6) = 0,0384 + 0,19232 = 0,23072 = 23,072%
dafür, daß sich unter 6 Münzen der vollständige Satz findet, richtig ?

Nun so weiter, dann ist

Pges(7) = 38,4576%
Pges(8) = 50,76608%
Pges(9) = 60,61286%
Pges(10) = 68,49029%
Pges(11) = 74,79223%
Pges(12) = 79,83378%
Pges(13) = 83,86702%
Pges(14) = 87,09361%
Pges(15) = 89,67489%
Pges(16) = 91,73991%

Also mußt Du 16 Münzen kaufen. Habe ich irgendwo einen Denkfehler gemacht ?

Das ist natürlich eine sehr unelegante Lösung, eher ein stumpfsinniger Computeralgorithmus. Die fortgesetzt gemachte Annahme, daß nur eine Münze fehlt, bewirkt jedenfalls keinen großen Fehler. Zu diesem Zustand kommt es sehr schnell; das sieht man ohne Rechnung.